1樓：似雲飛
ad由圖象可知感應電動勢的最大值和週期，進而求出角速度ω和轉速，由em =bsω=φm ω，可知從圖線可算出穿過線圈磁通量的最大值，選項a正確；線圈先後兩次轉速之比為3∶2，選項b錯誤；在圖線a和b中，t=0時刻產生的感應電動勢為零，穿過線圈的磁通量最大，選項c錯誤；圖線b電動勢的瞬時值表示式為e=100sin100πt/3(v)，選項d正確。
一矩形線圈在勻強磋場中繞垂直於磁場軸線勻速轉動時產生的正弦式交變電流，其電動勢的變化規律如圖線a所
2樓：曾凡桃
a、由圖象可知，交流電a的最大值為150v，則有效值為150 2v=75 2
v，所以a正確；
b、圖線a的週期為0.04s，圖線b的週期為0.06s，所以轉速之比為na
nb=tb
ta=3 2
，所以b錯誤；
c、在t=0時刻電壓為0，所以此時穿過線圈的磁通量為最大值，所以c錯誤；
d、圖線b的最大值為100v，角速度為ω=2π t=100 3
π，所以圖線b電動勢的瞬時值表示式為e=100sin100 3πt（v），所以d正確．
故選ad．
一單匝線圈在勻強磁場中，繞垂直於磁場方向的軸勻速轉動時，產生的交變電流電動勢為e=5 2
3樓：手機使用者
a、當t=0時，代入e=5 2
sin100πt（v），則有e=0，此時線圈處在中性面上，故a錯誤；
b、根據電動勢為e=5 2
sin100πt（v）得，電動勢最大值為5 2v，所以該交變電流電動勢的有效值為5v，故b錯誤；
c、根據電動勢為e=5 2
sin100πt（v）得，ω=100π，所以轉速為n=ω2π
=50r/s，故c錯誤；
d、t=0.005s時，代入電動勢為e=5 2sin100πt（v），則有電動勢的瞬時值為5 2v，故d正確；
故選：d．
（2011?鹽城三模）一矩形線圈在勻強磋場中繞垂直於磁場軸線勻速轉動時產生的正弦式交變電流，其電動勢的
4樓：時代
a、由圖象可知，交流電a的最大值為150v，則有效值為1502v=75
2v，所以a正確；
b、圖線a的週期為0.04s，圖線b的週期為0.06s，所以轉速之比為nan
b=tbt
a=32，所以b錯誤；
c、在t=0時刻電壓為0，所以此時穿過線圈的磁通量為最大值，所以c錯誤；
d、圖線b的最大值為100v，角速度為ω=2πt=100
3π，所以圖線b電動勢的瞬時值表示式為e=100sin1003πt（v），所以d正確．
故選ad．
為什麼一個矩形線圈在勻強磁場中繞垂直於磁場方向的軸勻速轉動時，線圈內便產生按正弦規律變化的電流？
5樓：匿名使用者
切割磁感線的有效速度（與磁感線垂直的速度）按正弦規律變化的。
一個矩形線圈在勻強磁場中繞垂直磁場的軸勻速轉動產生的交變電流的電動勢為e=220 2 sin100
6樓：所立誠
a、根據電動勢為e=220 2
sin100πt（v）得ω=100π，所以轉速為n=ω2π
=50r/s，故a錯誤
b、當t=0時e=0，此時線圈處在中性面上，故b正確c、t=1
200s時，e最大，磁通量為零，故c錯誤
d、根據電動勢為e=220 2
sin100πt（v）得最大值為220 2v，所以該交變電流電動勢的有效值為220v，故d錯誤故選b．
在已知線圈功率的情況下,怎樣計算電磁線圈匝數
只這一個引數，你的問題無解。線圈匝數的確實要有線圈電壓，匝電壓等，而求匝電壓又得要有導磁引數，等等。在已知線圈功率的情況下,怎樣計算電磁線圈匝數?電壓知道 骨架寬 高 都有 電阻也有 線徑也有怎麼得出圈數 樓上回答不對。線圈圈數當然與功率有關。其計算順序如下 1.根據功率確定鐵芯截面。s k0 p ...
一半徑為R的圓形單匝線圈，載有電流I1，另一匝數為N，載有電
單匝線圈產生的磁感應強度b ui1 磁矩 m ni2 r 力矩 m bm uni1i2 r 那兩個平面你可以把他想象成地球儀的經線緯線就可以做了，小線圈是水平的，直接用載流圓線圈的公式帶入，求的磁場，題目說明磁場均勻，則求力矩的時候用的磁場就是圓心處的磁場即可，後來又是圓形線圈磁矩帶公式，先求磁矩再...
如圖所示，邊長為L，電流為I的單匝正方形線圈，平行於磁場方向，放入磁感應強度為B的勻強磁場中，線圈可
a ab邊的電流方向與磁場方向平行，不受安培力 故a錯誤 b 根據左手定則，知ad邊所受的安培力方向垂直紙面向外 故b正確 c ad邊所受的安培力方向垂直紙面向外，bc邊所受的安培力方向垂直紙面向裡，導致線框轉動，安培力的作用效果未抵消 故c錯誤 d 線圈轉過90 時，線圈各邊均受安培力 故d錯誤 ...