1樓:匿名使用者
這個不難理解,吃飯得一口一口地吃,電子得失也是一個一個地得失。
io3(-)中的i呈+5價,在與hso3(-)反應時會先生成+3、+1、0價,最後生成-1價,由於+3和+1的的穩定性很差,生成少量後就迅速變到較為穩定的0價即i2,所以其中的i2算是較穩定的中間價態了,在還原劑過量時必然被進一步還原到i(-)。
現在不難判斷了,如果中間價穩定,則可以生成中間價態;如果中間價不穩定,則直接生成到穩定價態。
再看一個例子:s(2-) + hno3(過量)這個反應的中間產物有s、h2so3,最後到h2so4;
由於s是穩定的中間產物,而h2so3是不穩定的中間產物,因此在反應時間短時,看到的是s沉澱;如果反應時間長,得到的是h2so4。中間產物h2so3一旦生成,就會迅速氧化為h2so4,因此很難大量存在。
2樓:
氧化劑+還原劑=氧化產物+還原產物
這是氧化還原反應的基本結構。
其中氧化性:氧化劑》氧化產物
還原性:還原劑》還原產物
所以還可以表示為 氧化性強+還原性強=氧化性弱+還原性弱這個題目中隱含一個條件 就是碘單質的氧化性強於碘離子這樣氧化性強弱就是3個物質的 碘酸根》碘》碘離子亞硫酸氫根還原碘酸根 先得到碘 再得到氧化性更弱的碘離子。而本身變為硫酸根。
(2011?奉賢區二模)已知:還原性hso3->i-,氧化性io3->i2.(1)在naio3溶液中滴加少量nahso3溶液,發
3樓:kyoya諾
(1)因還原性hso3
->i-,氧化性io3
->i2,則naio3溶液中滴加少量nahso3溶液時hso3-被氧化成硫酸根離子,io3
-+3hso3
-═3so4
2-+i-+3h+,ab段曲線發生io3
-+5i-+6h+═3h2o+3i2,溶液中i-與i2的物質的量之比為5:3時,設i-與i2的物質的量分別為5n、3n,則
0~a段:
io3-+3hso3
-═3so4
2-+i-+3h+,
1 1
10n 10n,由電子守恆可知,10n×6=5mol×2,解得n=16mol,
ab段:
io3-+5i-+6h+═3h2o+3i2,1 3
1×3n
3 3n
當溶液中i-與i2的物質的量之比為5:3時,總共加入naio3為11n,
則加入的naio3為11n=11×1
6mol=11
6mol,
故答案為:io3
-+5i-+6h+═3h2o+3i2;116.
已知:還原性hso3->i?,氧化性io3->i2.在含3mol nahso3的溶液中逐滴加入kio3溶液.加入kio3和析出i2的
4樓:手機使用者
還原性hso-
3>i-,所以首先是發生以下反應離子方程式:io3
-+3hso3
-═i-+3so4
2-+3h+,繼續加入kio3,氧化性io-
3>i2,所以io3
-可以結合h+氧化i-生成i2,離子方程式是io3
-+6h++5i-═3h2o+3i2,
a.0~b間沒有碘單質生成,說明碘酸根離子和亞硫酸氫根離子發生氧化還原反應生成碘離子,加入碘酸鉀的物質的量是1mol,亞硫酸氫鈉的物質的量是3mol,亞硫酸氫根被氧化生成硫酸根離子,根據轉移電子守恆知,生成碘離子,所以其離子方程式為:3hso3
-+io3
-═3so4
2-+i-+3h+,故a正確;
b.a點碘酸鉀的物質的量是0.4mol,根據碘酸鉀和亞硫酸氫鈉的關係式知,消耗nahso3的物質的量=0.4mol
1×3=1.2mol,故b正確;
c.根據圖象知,b-c段內,碘離子部分被氧化生成碘單質,發生反應的離子方程式為io3
-+6h++5i-═3h2o+3i2,所以i2是既是還原產物又是氧化產物,故c錯誤;
d.根據反應2io3
-+6hso3
-═2i-+6so4
2-+6h+,3mol nahso3的溶液消耗kio3溶液的物質的量為1mol,生成碘離子的量為1mol,設生成的碘單質的物質的量為xmol,則根據反應io3
-+6h++5i-═3h2o+3i2,消耗的kio3的物質的量為1
3xmol,消耗碘離子的物質的量=5
3xmol,剩餘的碘離子的物質的量=(1-5
3x)mol,當溶液中n(i-):n(i2)=5:2時,即(1-5
3x):x=5:2,x=0.24mol,根據原子守恆加入碘酸鉀的物質的量=1mol+0.24mol×1
3=1.08mol,故d正確;
故選c.
(2012?防城港一模)已知溶液中,還原性為hso3?>i-,氧化性為io3?>i2>so42?.在含3molnahso3的溶液中
5樓:兆興為
(1)還原性hso-
3>i-,首先發生反應:2io3
-+6hso3
-═2i-+6so4
2-+6h+,hso3
-反應完畢,繼續加入kio3,由於氧化性io-
3>i2,再發生反應:io3
-+6h++5i-=3h2o+3i2,由圖可知,a點沒有生成碘,故發生反應2io3
-+6hso3
-═2i-+6so4
2-+6h+,氧化產物是,還原產物是,
故答案為:so4
2-;i-;2io3
-+6hso3
-═2i-+6so4
2-+6h+;
(2)由圖可知,c點時i-完全反應,n(i2)達到最大值時,此時共加入1.2molkio3,由於生成i2,發生反應:io3
-+6h++5i-=3h2o+3i2,
故答案為:1.2;io3
-+6h++5i-=3h2o+3i2;
(3)當溶液中的i-為0.4mol時,有兩種情況:
一是隻發生反應2io3
-+6hso3
-═2i-+6so4
2-+6h+,生成i-為0.4mol,根據碘元素守恆n(kio3)=n(i-)=0.4mol;
二是hso3
-反應完畢後,還發生io3
-+6h++5i-=3h2o+3i2,剩餘i-為0.4mol,3molnahso3消耗1molkio3、生成1moli-,故反應io3
-+6h++5i-=3h2o+3i2中消耗的i-為1mol-0.4mol=0.6mol,消耗kio3的物質的量為0.6mol×1
5=0.12mol,故共加入的kio3為1mol+0.12mol=1.12mol,
故答案為:0.4mol或1.12mol;
(4)向100ml 1mol/l的kio3溶液中滴加nahso3溶液,hso3
-被氧化為so4
2-,kio3過量,由於氧化性io-
3>i2,kio3將氧化為i-,反應不能生成i-,而是生成i2,反應離子方程式為:2io3
-+5hso3
-=i2+5so4
2-+3h++h2o,
故答案為:2io3
-+5hso3
-=i2+5so4
2-+3h++h2o.
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