對於函式fxlg1x1x,若fyz

2021-03-03 20:27:46 字數 1850 閱讀 9524

1樓:獨孤安河

注意到:

ka=1+

(抄y+z)/(1+yz)=(1+y+z+yz)/(1+yz)=(1+y)(1+z)/(1+yz)

kb=1-(y+z)/(1+yz)=(1-y-z+yz)/(1+yz)=(1-y)(1-z)/(1+yz)

kc=1+(y-z)/(1-yz)=(1+y-z-yz)/(1-yz)=(1+y)(1-z)/(1-yz)

kd=1-(y-z)/(1-yz)=(1-y+z-yz)/(1-yz)=(1-y)(1+z)/(1-yz)

所以:ka/kb=[(1+y)/(1-y)][(1+z)/(1-z)]

kc/kd=[(1+y)/(1-y)][(1-z)/(1+z)]

因為f(x)=lg[(1+x)/(1-x)]

所以f((y+z)/(1+yz))=lg(ka/kb)=lg[(1+y)/(1-y)][(1+z)/(1-z)]

=lg[(1+y)/(1-y)]+lg[(1+z)/(1-z)]

=f(y)+f(z)

同理f((y-z)/(1-yz))=f(y)-f(z)

解方程組:

f(y)+f(z)=1

f(y)-f(z)=2

可得:f(y)=1.5

f(y)=-0.5

已知函式f(x)=1/(ln(x+1)-x)則y=f(x)的函式圖象

2樓:死魚眼受

對分母ln(x+1)-x求導來,得1/(x+1)-1=-x/(x+1)

令[ln(x+1)-x]'=0,自解得x=0,也就是說x=0時ln(x+1)-x有最大值0,也就是說,ln(x+1)-x在定義域上恆非正,其倒數也就恆負了

3樓:血狼_王

跟據函式的影象看它的趨勢就知道了

設函式f(x)滿足f(1)=1,對x>=1,有f'(x)=1/(x^2+f(x)^2)

4樓:greedy飯飯

它前面有個條件 是對於x>=1的情況下 有f'(x)=1/(x^2+f(x)^2)

是不是沒有注意到條件專

你那裡面 很多符號沒屬

寫清楚 看不是很懂 你的說明 》 這個表示什麼0

0

5樓:孫東興

lim(x→∞)f(x)=1+π/4,1+π/4是f(x)的水平漸近線!

若x<-1,則函式f(x)=2-x-(x+1分之1)的最小值為

6樓:匿名使用者

^f(x)=

dao2-

專x-1/(x+1)

f'(x) = -1 + 1/(x+1)^屬2f'(x) =0

(x+1)^2 -1=0

x+1 = 1 or -1

x=0(rej) or -2

f''(x)=-2/(x+1)^3 >0 (min)min f(x) = f(-2) = 2+2 -1/(-2+1) = 5

設函式f(x)=ae^x+be^(x-1)/x,曲線y=fx在點(1,f1)處的切線方程為y=e(

7樓:匿名使用者

答題不易,且回且珍惜

如有不懂請追問,若明白請及時採納,祝學業有成o(∩_∩)o~~~

8樓:匿名使用者

這個其實就是先把左邊的2e^(x-1)/x移到右邊,然後左右兩邊同時除以e^x/x,就可以得到了。

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定義域 函式為對數函式,所以真數要 0,故 1 x 1 x 0,相除 0則相乘也要大於0,故 1 x 1 x 0,解得 1 值域為r 1,對數函式中 來,真數值大於零自,因為 1 x 1 x 0所以 1 x 1 x 0,定義域為 1,1 開區間.2,因為底數為10,大於1,所以在 0,正無窮大 上是...

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解 1 x 0 1 x 0 1 x 1 定義域 1,1 f x lg 1 x lg 1 x x 4 2 x 2 f x 函式f x 為偶函式。f x lg 1 x lg 1 x x 4 2x lg 1 x 1 x x 2 x 2 lg 1 x 2 x 2 x 2 2 1 x 1 x 2 1,x 2 ...

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bai1 1是函式f x 2x3 6x2 mx的一個du零點,將zhix 1代入得 2 6 m 0,解得 m 4,原函式是daof x 版 2x3 6x2 4x 2 令f x 0,求權得x 0,或2x2 6x m 0 對於方程2x2 6x m 0,當 36 8m 0,即 m 92 時,方程無解 當 ...